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SEGUNDO CONTROL SOLEMNE CALCULO 3 – FMM-230 1. Considere el campo vectorial F en ℜ 3 definido por F ( x, y, z ) = ( z 2+ 1 , 2 z , 2 xz + 2 y ) a) Demuestre es un campo conservativo b) Calcule la integral de línea punto (1,1,1). RESPUESTA
ˆ ˆ i j ∂ ∂ a) Rot F = ∂x ∂y 2 z + 1 2z ˆ k ∂ = (2 − 2,−(2 z − 2 z ),0 − 0) =(0,0,0) (3 ptos) ∂z 2 xz + 2 y
C
∫ F ⋅ dr , donde C es una curva que une el origen con el
Rot F = 0 ⇒ F conservativo (2 ptos) b) Busquemos función potencial f
∂f = z 2 + 1 ⇒ f ( x, y, z ) =xz 2 + x + C ( y, z ) ∂x
∂f = 2 z ⇒ f ( x, y, z ) = 2 yz + C ( x, z ) ∂y
∂f = 2 xz + 2 y ⇒ f ( x, y, z ) = xz 2 + 2 yz + C ( x, y ) ∂z
Igualando las tres ecuaciones obtenemos que
f ( x, y, z) = xz 2 + x + 2 yz . (5ptos)
Luego, usando el teorema fundamental de las integrales de línea, tenemos que
(1,1,1)
( 0,0,0 )
∫ F ⋅ dr =
f (1,1,1) − f (0,0,0) = 4
(5ptos)
2. Calculela integral
∫∫ x dxdy
R
, donde R es la región cerrada en el plano acotada
por la curva x = cos t , y = sen(2t ) , − Indicación:
π π ≤t ≤ . 2 2
∂Q ∂P − = x . Use el ∂x ∂y
Encuentreun campo vectorial F ( x, y ) = ( P( x, y ), Q( x, y )) tal que teorema de Green. RESPUESTA Podemos elegir, por ejemplo, Q =
1 2 x y 2 P=0
(5ptos)
Entonces
∫∫ x dxdy
R
=
∫∫
R
∂Q ∂P− dxdy = ∂x ∂y
C
∫ Pdx + Qdy
Si x = cos t , y = sen(2t ) ⇒ dx = − sen t dt , dy = 2 cos(2t ) dt
π 2
C
∫ Pdx + Qdy = ∫πcos
− 2
2
t cos(2t ) dt (5 ptos)
π 2 π 2
π 2
=
−∫π
2
1 + cos(2t ) 1 cos(2t ) dt = 2 2
−
∫πcos(2t ) + cos
2
2
(2t ) dt =
1 2
−
∫π cos(2t ) +
2
1 + cos(4t ) dt 2
1 1 1⎛1 ⎞ = ⎜ sen(2t ) + t + sen(4t ) ⎟ 2 8 2⎝2 ⎠π 2 π 2
=
π 4
(5ptos)
3. Verifique el teorema de Stokes para F ( x, y, z ) = ( x y z , y, z ) y la superficie S dada por la parte del plano 3 x + 4 y + 2 z = 12 , en el primer octante....
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