Termo

Republica Bolivariana de Venezuela.
Ministerio del Poder Popular para la Educación Superior
Universidad del Zulia
Núcleo Costa Oriental del Lago
Catedra: Generación de Potencia
Profesor: Ing.Alfredo Álvarez

PROBLEMA DE TERMOGRAF

Integrantes:
Omar Ochoa C.I: 20.255.340
Cesar Barrios C.I: 20.085.113

PROBLEMA 8.39 DEL LIBRO “FUNDAMENTALS OF ENGINEERING THERMODYNAMICS 5TH EDITIONMORAN, SHAPIRO.”
Considere un ciclo regenerativo vapor de agua de alimentación de potencia con dos calentadores, un uno cerrado y otro abierto. El vapor entra en la primera etapa de la turbina a 8 MPa,480 °C, y se expande a 2 MPa. Parte del vapor se extrae a 2 MPa y se alimenta al agua de alimentación cerrada calentador. El resto se expande a través de la segunda etapa de la turbina a 0,3 MPa,donde se extrae una cantidad adicional y se introduce en el calentador de agua abierto, que funciona a 0,3 MPa. El vapor en expansión a través de la turbina de tercera etapa sale a la presión delcondensador de 8 kPa. El agua de alimentación sale del calentador cerrado a 205 ° C, 8 MPa, y el condensado sale como líquido saturado a 2 MPa es atrapado en el calentador abierto. Líquido saturado a 0,3 MPasale del calentador de agua de alimentación abierta. La potencia de salida neta del ciclo es de 100 MW. Si las etapas de la turbina y las bombas son isoentropicas, determinar:
(a) La eficienciatérmica.
(b) El flujo másico de vapor que entra en la primera turbina, en kg / h.
Análisis:
Calcular la entalpia de cada uno de los estados
Estado 1: P1=8Mpa , T1=480°C ⇒h1=3347,46kJkg
Estado 2:P2=2Mpa , s2=s1 ⇒h2=2963,5kJkg
Estado 3: P3=0,3Mpa , s3=s1 ⇒h3=2588,89kJkg
Estado 4: P4=0,008Mpa , s4=s1 ⇒h4=2082,11kJkg
Estado 5: P5=0,008Mpa ,Liquido Saturado ⇒h5=173,707kJkg
Estado 6:h6=174,001kJkg
Estado 7: P7=0,3Mpa ,Liquido Saturado ⇒h7=561,47kJkg
Estado 8: h8=569,72kJkg
Estado 9: P9=8Mpa , T9=205°C ⇒h9=879,598kJkg
Estado 10: P10=2Mpa , Liquido Saturado ⇒h10=908,79kJkg
Estado 11:...