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PROBLEMAS RESUELTOS EQUILIBRIO ESTATICO Y ELASTICIDAD

CAPITULO 12 FISICA TOMO 1

Cuarta, quinta y sexta edición Raymond A. Serway

EQUILIBRIO ESTATICO Y ELASTICIDAD 12.1 Condiciones de equilibrio 12.2 Mas sobre el centro de gravedad 12.3 Ejemplos de cuerpos rígidos en equilibrio 12.4 Propiedades elásticas de sólidos

Erving Quintero Gil Ing. Electromecánico Bucaramanga – Colombia 2008quintere@hotmail.com quintere@gmail.com quintere2006@yahoo.com

1

Problema 12 – 1 Edición sexta Un jugador de béisbol toma un bate de 36 onzas (peso = 10 Newton) con una mano en el punto O (figura p12.1). El bate esta en equilibrio. El peso del bate actúa a lo largo de una recta de 60 cm. A la derecha de O. Determine la fuerza y el par de torsión ejercidos por el jugador sobre el batealrededor de un eje que pasa por O.

F

Σ FX = 0 Σ FY = 0 Σ FY = F – mg = 0 F = mg F = 10 Newton Torque en el punto O Σ τ= 0 Σ τ = 0,6 m * 10 N = 60 N*m τ = 60 N*m

+

Problema 12 – 2 Edición sexta Escriba las condiciones necesarias para equilibrio del cuerpo que se muestra en la figura p12.2. Tome el origen de la Ecuación del par de torsión en el punto o.

FY F1Y L θ
L/2

+ FX θ

θ θ θθ

F1X θ θ F1G

RY RX θ θ θ θ

θ

FG

2

F sen θ = 1X FX

F1X = FX * sen θ
F cos θ = 1Y FY

F1Y = FY * cos θ
F cos θ = 1G FG

F1G = FG * cos θ Torque en el punto O Σ τ= 0 Σ τ = F1Y * L - F1G * L/2 - F1X * L τ = FY cos θ * L - FG cos θ * L/2 - FX sen θ * L = 0 Problema 12 – 3 Edición sexta Una viga uniforme de masa mb y longitud L sostiene bloques con masas m1 y m2 en dosposiciones, como se ve en la figura p12.3. La viga se apoya sobre dos filos de cuchillos. ¿para que valor de X estará balanceada la viga en P tal que la fuerza normal en O es cero?

L m1 0 mb L/2 d x P m2 +

Torque en el punto P Σ τ= 0 Σ τ = m1 g (L/2 + d) + mb g (d) - m2 g (x) = 0 m1 g (L/2 + d) + mb g (d) = m2 g (x) Cancelando “g” m1 (L/2 + d) + mb (d) = m2 (x) m1 L/2 + m1 d + mb (d) = m2 (x)3

despejando “x”

⎛L⎞ m1 ⎜ ⎟ + m1 d + m b d ⎝2⎠ x = m2
Problema 12 – 13 Edición sexta Una escalera uniforma de 15 metros de longitud que pesa 500 Newton se apoya contra una pared sin fricción. La escalera forma un ángulo de 600 con la horizontal. (a) Encuentre las fuerzas horizontal y vertical que ejerce el suelo sobre la base de la escalera cuando un bombero de 800 Newton esta a 4metros de la base de la escalera. (b) Si la escalera esta a punto de resbalar cuando el bombero esta a 9 metros arriba, Cual es el coeficiente de fricción estática entre la escalera y el suelo?.

W11 W1 W11 = W1 cos 60 W11 = 800 cos 60 W11 = 800 * 0,5 W11 = 400 Newton cos 60 = W21 W2 W21 = W2 cos 60 W21 = 500 cos 60 W21 = 500 * 0,5 W21 = 250 Newton cos 60 =
Tomando el torque en la base de laescalera. F H Σ τ= 0 Σ τ = - W11 (4) - W21 (7,5) + F1P (15) = 0 - 400 (4) - 250 (7,5) + F1P (15) = 0 - 1600 - 1875 + F1P (15) = 0 15 F1P = 1600 + 1875 15 F1P = 3475 3475 F1P = 15 F1P = 231,66 Newton
60

F1P
60 15 m 60 60 60 60

+

FP
60 7,5 m 60 4m 60 60

W21

FV
60 60 60 60

W2 = 500 N W11

W1 = 800 N

F sen 60 = 1P FP
FP = F1P 231,66 231,66 = = = 267,49 Newton 0,866 sen 60 sen 604

FP = 267,49 Newton (a) Encuentre las fuerzas horizontal y vertical que ejerce el suelo sobre la base de la escalera cuando un bombero de 800 Newton esta a 4 metros de la base de la escalera. Σ FX = 0 Σ F X = FH - FP = 0 F H - FP = 0 FH = FP = 267,49 Newton FH = 267,49 Newton Σ FY = 0 Σ FY = FV – 800 – 500 = 0 FV – 800 – 500 = 0 FV = 800 + 500 FV = 1300 Newton (b) Si la escalera esta apunto de resbalar cuando el bombero esta a 9 metros arriba, Cual es el coeficiente de fricción estática entre la escalera y el suelo?.

W11 W1 W11 = W1 cos 60 W11 = 800 cos 60 W11 = 800 * 0,5 W11 = 400 Newton cos 60 = W21 W2 W21 = W2 cos 60 W21 = 500 cos 60 W21 = 500 * 0,5 W21 = 250 Newton cos 60 =
Tomando el torque en la base de la escalera. Σ τ= 0 Σ τ = - W21 (7,5) - W11 (9) + F1P (15) = 0 -...
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