ecuaciones diferenciales
Guías 1 − 6
Farith Briceño - 2014
Indice
1 Definiciones Básicas.
3
2 E.D.O. : Variables separables.
11
3 E.D.O. : Coeficientes homogéneos.
15
4 E.D.O. : Exactas.
19
5 E.D.O. : Ecuaciones lineales.
25
6 Aplicaciones de E.D.O.
31
Última actualizacón: Enero 2014
Farith J. Briceño N.
farith.math@gmail.com
Matemática III - Guía 1Definiciones Básicas.
Objetivos a cubrir
Código : MAT-3.1
• Clasificación de una ecuación diferencial.
• Solución de una ecuación diferencial ordinaria.
• Existencia y unicidad de la solución.
Ejercicios resueltos
Ejemplo 1 : Encuentre, en el plano xy, la curva y = f (x) que pasa por el punto (9, 4) y cuya pendiente
√
en cada punto es 3 x.
Solución : Es conocido que la pendientede la recta tangente en un punto cualquiera x es mtan = f ′ (x),
por lo tanto,
√
f ′ (x) = 3 x
para obtener f integramos respecto a x,
√
3 x dx
f ′ (x) dx =
f (x) = 2x3/2 + C,
=⇒
puesto que la función f pasa por el punto (9, 4) se tiene que
3/2
4 = f (9) = 2 (9)
+C
4 = 2 32
=⇒
3/2
+C
=⇒
2 = 27 + C
=⇒
−25 = C,
luego,
f (x) = 2x3/2 − 25.
⋆d2 y
= 4 − x2 y una ecuación de la recta
dx2
tangente a la curva en el punto (1, −1) es 2x − 3y = 3. Encontrar una ecuación de la curva.
Ejemplo 2 : En cualquier punto (x, y) de una curva se tiene
Solución : Tenemos que
d2 y
dx =
dx2
4 − x2
dx
dy
x3
= 4x −
+ C1 ,
dx
3
=⇒
del hecho que la ecuación de la recta tangente a la curva en el punto (1, −1) es 2x − 3y = 3, setiene que
2
f ′ (1) = , por lo tanto,
3
3
2
(1)
= f ′ (1) = 4 (1) −
+ C1
3
3
entonces,
=⇒
2
1
= 4 − + C1
3
3
=⇒
C1 = −3
dy
x3
= 4x −
− 3,
dx
3
integramos nuevamente
dy
dx =
dx
4x −
x3
−3
3
dx
=⇒
−1 = 2 −
y = 2x2 −
=⇒
x4
− 3x + C2 ,
12
la curva pasa por el punto (1, −1) así,
−1 = 2 (1) −
(1)4
− 3 (1) + C2
12
luego
y =2x2 −
1
− 3 + C2
12
=⇒
C2 =
1
,
12
x4
1
− 3x + .
12
12
⋆
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Matemática III - Guía 1.
Definiciones Básicas.
4
Ejemplo 3 : Se lanza una piedra hacia arriba verticalmente desde el suelo con una velocidad inicial de 128
p/seg. Si la única fuerza considerada es la que se le atribuye a laaceleración de la gravedad, encontrar que tan
alto llegará la piedra y la velocidad con la que llegará al suelo. Encontrar también cuanto tiempo tomará a la
piedra llegar al suelo.
Solución : La dirección positiva se toma hacia arriba. Sea
• t : el tiempo, en segundos, que ha transcurrido desde que se lanzó la piedra.
• s : la distancia, en pies, de la piedra al suelo a los t seg de tiempo.• υ : la velocidad, en pies por segundos, de la piedra a los t seg de tiempo.
• |υ| : el número de pies por segundo en la rapidez, en pies por segundos, de la piedra a los t seg de tiempo.
La piedra estará en su punto más alto cuando la velocidad sea cero. Sea s el valor particular de s cuando
υ = 0. Cuando la piedra toca el suelo, s = 0. Sean t y υ los valores particulares de t, υ cuando s =0 y
t = 0.
La dirección positiva de la piedra desde el punto de partida se toma hacia arriba. Como la única aceleración
se debe a la gravedad que actúa en dirección hacia abajo, la aceleración tiene un valor constante de −32 p/seg2.
Es conocido que la aceleración a es la primera derivada de υ con respecto a t y la segunda derivada de
s con respecto a t, es decir
dυ
d2 s
a=
= 2 = −32
dtdt
integramos respecto a t
dυ
dt =
dt
d2 s
dt =
dt2
−32 dt
=⇒
υ (t) =
ds
= −32t + C1
dt
como υ = 128 cuando t = 0, tenemos
128 = υ (0) = −32 (0) + C1
por lo tanto,
=⇒
C1 = 128,
ds
= −32t + 128
dt
integramos, nuevamente, respecto a t
ds
dt =
dt
(−32t + 128) dt
s (t) = −16t2 + 128t + C2 ,
=⇒
como s = 0 cuando t = 0, tenemos
0 = s (0) = −16...
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