reductor sin-fin corona

v/[p1.- Determinar las propiedades del agua en cada uno de los siguientes estados.

Estado
T ( ºC )
P ( KPa )
u ( KJ/Kg )
X
Fase
1

200

0.6

2
125

1600


3

1000
2950


475
500



5

850

0.0


Estado 1 P = 200 KPa X = 0.6
X = 0.6 → 60% es vapor y el 40% es líquido → mezcla saturada
Tablas termodinámicas A – 2. Aguasaturada a P = 200 KPa
T = 120.23 ºC uf = 504.49 KJ/Kg ug = 2529.5 KJ/Kg ufg = 2025.0 KJ/Kg
u = uf + X ufg → u = 504.49 + 0.6 x 2025.0 = 1719.49 KJ/Kg

Estado 2 T =125 ºC u = 1600 KJ/Kg
Tablas termodinámicas A – 1. Agua saturada a T = 125 ºC
uf = 524.74 KJ/Kg ug = 2534.6 KJ/Kg ufg = 2009.9 KJ/Kg
uf > u > ug → mezcla saturada
P =P sat = 232.1 KPa
u = uf + X ufg → X = (u – uf) / ufg → X = (1600 – 524.74) / 2009.9 = 0.535

Estado 3 P = 1000 KPa u = 2950 KJ/Kg
Tablas termodinámicas A –2. Agua saturada a P = 1000 KPa
ug = 2583.6 KJ/Kg → u > ug → vapor sobrecalentado
Tablas termodinámicas A – 3. Vapor sobrecalentado a P = 1000 KPa
T ( ºC ) u ( KJ/Kg )
3502875.2
T agua 2950
400 2957.3
Interpolando:
Lo cual es hallar la ecuación de la recta con los puntos (2875.2 , 350) y (2957.3 , 400)
T – T2 = m(u – u2) → m= (T2 – T1) / (u2 – u1) → m = (400 – 350) / (2957.3 – 2875.2) = 0.609
T – 400 = 0.609(u – 2957.3) → T = 0.609u – 1801.0 + 400 → T = 0.609u – 1401.0
Sustituyendou = 2950 KJ/Kg → T = 0609 x 2950 – 1401.0 = 395.55 ºC



Estado 4 T = 75 ºC P = 500 KPa
Tablas termodinámicas A – 2. Agua saturada a P = 500 KPa
T sat = 151.86 ºC →T < T sat → líquido comprimido
Tablas termodinámicas A – 1. Agua saturada a T = 75 ºC
u ≈ uf = 313.90 KJ/Kg

Estado 5 P = 850 KPa X = 0.0
X = 0.0 → líquido...