trabajo potencia

Trabajo práctico N°5

Materia: Instalaciones y máquinas eléctricas
Profesor: Sosnowski, Eduardo
Integrantes: Ayala, Ezequiel
Dalia, Sofía
Madroñero, Yeykol
Sanchez, Germán
Curso: 6to División: 1ra

E.E.T. N°1 de Merlo









1)
I=55A
Ángulo ϕ=0,77
V=380
S=√3*V*I=36,199 KVA
P=√3*V*I*cos ϕ=36,163KW
Q=√3*V*I*sinϕ=470,59KVAR
Cos ϕ=P/S=0,999






2)P=98Kw
Cos ϕ= 0,88
S=P/Cos ϕ=111,36 Kva
Q=√S2-P2=√(111,36)2-(98)2)=52,887 KVAR






3)
P=S*cos ϕ
P=905 Kva*0,73=660Kw
Kvar a instalar
Q (kvar)= 0,607*660Kw=400,62 Kvar
4)
P=20Kw
V=440v
F=0,7
A) S= P/Cos ϕ=20Kw/0,7= 28,57Kva
It=S/V=28,57/440V= 0,064A
B) Q=√(28,57)2-(20)2=20,40 Kvar
C=20,000(1,02-0,48)/6,28*50hz*193600=1,77µF
C) S=20Kw/0,9=22,22KVAIT=S/V=22,22/440=0,050ª
5)
A)
S=V*I
S=220v*7,6A=1672 Kva
F=1317Kw/1672Kva=0,78
Q=V*I*sin 0,78=22,76 KVAR
B)
C=1317 (0,80-0,0)/6,28*50hz*(220)2=69,3µF
C)
Antes de la corrección
I=(1317/220)/0,78= 7,67 A
Después de la corrección
I=(1317/220)/1=5,98 A
6)
a) [40w(1,56-0,40)]/(6,28*50hz*48400)= 2,555 μf
b)[ 105w(1,40-0,40)]/(6,28*50hz*48400)=6,908 μf
c)

7)
a) La forma más adecuada de conectar loselementos es en paralelo
b)
10 motores
S=P/cosϕ
S=3730/0,84
S=4,440 KVA X 40= 44,4 KVA
40 tubos fluorecentes
S=58/0,5
S=116x40=4640 VA
Tomas
S=2000+10%
S=2200 VA
Aire acondicionado
S= 220Vx18A
S=3960 VA
Total= 44,4kva+4640va+2200va+3960va= 55,2 kva
La potencia de la carga supera la del transformador así que se necesitara un transformador de 60 KVA
8)
[40w(1,73-0,48)]/(6,28*50hz*48400)=50/15197600=3,28 μf
9)
8x(2x40)=640w
[640w(1,73-0,57)]/(6,28x50hzX48400)=74,24/15197600=4,88 μf
Corriente antes de la corrección
P=V.I.cosϕ
640w=220.I.0,50
I=(640w/220)/0,50
I=5,818 A
Corriente después de la corrección
P=V.I.cosϕ
640w=220.I.0,87
I=(640w/220)/0,87
I=3,343 A
10)
a) 800w+(2x120w)+(6x80)+(2x105)=1730w
b) El grado de electrificación es mínimo
c) Parcial ya que lasheladeras y el freezer están en servicio permanente en cambio la iluminación es variable.
d)
[1730w(0,75-0,48)]/15197600=30,735 μf
e)
Corriente antes de la corrección
I=(1730w/220)/0,80
I=9,82
Corriente después de la corrección
I=(1730w/220)/0,90
I=8,73
f)
Se debe separar en dos circuitos, uno para la iluminación y otro para los tomas de la heladeras
Potencia tomas:800w+(2x120)=1040w
Potencia iluminación:
6x(2x40w)=480w
2x105w=210w
480w+210w=690w
g)
Q=Px0,266
Q=1730x0,266
Q=460,18 KVAR

In=460,18/√(3*220)
In= 17,912 A
La dimensión de los cables tendrá que ser de 4mm
h) La llave diferencial a utilizar será de 25 A
Para los tomas será de: 5A
1040w/220v=4,72 A
Para la iluminación será de: 5A
690w/220V= 3,13 A
i)

11)
a) (2x105w)x8=1680x3=5040w
b) Lapotencia de cada línea es 1680
c)
It=Pt/V
It=5040/220= 22,90 A
It/3= 7,63A por linea
d) El tipo de compensación será global porque la carga es fija y continua
e)
[5040w(0,75-0,57)]/15197600= 59,693 μf
f)
La línea principal deberá ser de 4mm ya que la corriente total es de 22,9 A
Por línea: I=1680w/220v=7,63 A
Y luego por línea deberá ser de 1,5mm
g) El tipo de llave termo magnética autilizar será de 25 A
h)

12)
a) por motor: 14920w/380=39,2 A
b) 4 motores: 59,680w/380=157ª
c)
s=VxI=380x39,2=14,846 kva
p=14896 kva x 0,57=8490,72
8490,72x0,958=8,134 kvar
In= 8,134kvar /√(3x380)
In=241 A
d) La compensación será global ya que la carga es fija y continua.
e)





13)
Q=Px1,035
Q=7460x1,035
Q=7,7211kvar
Los kvar a instalar serán 7,7211 kvar para llevarlo aun cos ϕ =0,90
El tipo de compensación será parcial por cada grupo de 10 motores ya que se usaran en grupos de 10.
14)
Estos reguladores están diseñados para medir la potencia reactiva de una instalación, y dar las instrucciones necesarias para conectar o desconectar los condensadores a fin de mantener el cos ν deseado.
Disponen de una pantalla de 3 dígitos que muestras, o bien los valores...