Hector Molina
y (t )
eee (t ) : error de estado estacionario
r (t )
yee (t )
yee + 0.02 yee
yee − 0.02 yee
Ts : tiempo de establecimiento.
Diremos que en un sistema estable existirá la
respuesta a estado estable definida como
yee (t ) = limt →∞ y (t )
En todo sistema estable
y (t ) = ytr (t ) + yee (t )
ytr (t ) : respuestatransitoria
yee (t ) : respuesta a estado estable
Por ejemplo, para un sistema de primer orden
y (t ) = ytr (t ) + yee (t ) = A − Aet /τ
ytr (t ) = Aet /τ
yee (t ) = A
Definimos el error estacionario para un sistema
de control:
eee (t ) = r (t ) − yee (t )
r(t)
+
C
- e(t)
r (t ) : referencia
e(t ) = r (t ) - y (t )
eee (t ) = r (t ) - yee (t )
G
y(t)
Calcularemos larespuesta a estado estable y el
error a estado estable para algunas entradas
típicas:
r (t ) = A
r (t ) = At
t
r (t ) = Asen(t )
t
t
Supongamos que tenemos un sistema estable dado
por:
Y ( s ) β m s + β m−1s m−1 + ... + β 0
T ( s) =
=
(1)
m −1
R( s ) α n s + α n−1s + ... + α 0
Calculemos la respuesta a estado estable cuando
A
r (t ) = A ⇒ R ( s ) =
s
Y ( s) = T(s) R(s)
A
Y ( s) = T ( s)
s
Y ( s) =
β m s + β m−1s m−1 + ... + β 0 A
( s + p1 )( s + p2 )...( s + pn ) s
Expandiendo en fracciones parciales
k1
Y ( s ) = + términos debidos a polos de T(s)
s
Tomando transformada inversa los polos de T
conformarán la respuesta transitoria
y (t ) = k1 + ytr (t)
limt →∞ y (t ) = k1 = yee (t )
Calculamos k1 para obtener
k1 = sY ( s ) s = 0 =sY (0)
A
k1 = sT (0) = T (0) A
s
De donde:
yee (t ) = k1
yee (t ) = T (0) A
Usando la notación para T dada por (1)
β0
y ee ( t ) =
A
α0
Ahora pasamos a calcular el error estacionario de
T ante esta entrada:
eee (t ) = r (t ) − yee (t )
β0
eee (t ) = A −
A
α0
α 0 − β0
eee (t ) = A(
)
α0
Y de aquí definimos el error porcentual de
posición:
eee (t )
α 0 − β0
ep =× 100% =
× 100%
α0
A
Si en la expresión anterior
α 0 = β0
Error cero de posición: la salida
alcanzara perfectamente la entrada una
vez el sistema está en el estado estable
y(t )
eee (t ) = 0
yee (t) = r(t)
Que significará que la salida en estado estable
Alcanzará la referencia. Decimos que un
sistema rastrea sin error el paso.
Ahora supongamos que la entrada es unarampa
A
r (t ) = At ; R( s ) = 2
s
A
Y ( s) = T ( s) 2
s
k1 k2
Y ( s ) = + 2 + términos de los polos de T(s)
s s
Tomando transformada inversa:
y (t ) = k1 + k2t + ytr (t )
Calculamos los coeficientes:
β0
k 2 = T (0 ) × A =
A
α0
k1 = T '(0) × A
(α n s n +...+α1s +α 0 )( mβ m s m −1 +...+ β 2 s + β1 ) −( nα n s n −1 +...+α 2 s +α1 )( β m s m +...+ β 0 )
T '( s ) =
(α n s n+...+α1s +α 0 )2
Calculando en cero:
α 0 β1 − α1β 0
T '(0) =
2
α0
α 0 β1 − α1β 0
k1 = T '(0) × A =
A
2
α0
De donde la respuesta a estado estable es:
yee (t ) = k1 + k2t
α 0 β1 − α1β 0
β0
yee (t ) =
A+
At
2
α0
α0
Calculamos ahora el error de estado estacionario
eee (t ) = r (t ) − yee (t )
α 0 β1 − α 1 β 0
β0
eee (t ) = At −
A−+
At
2
α0
α0
⎡α 0 − β0 ⎤
⎡ α 0β1 − α 1 β 0 ⎤
eee (t ) = ⎢
⎥ At − ⎢
⎥A
2
α0
⎣ α0 ⎦
⎣
⎦
Obsérvese que si:
α 0 ≠ β0
eee (t ) → ∞
En este caso lo que ocurre es que la salida se aleja
de la referencia
El error va aumentando
con el tiempo
yee (t ) eee (t )
r (t ) = At
Aquí comienza la respuesta
De estado estacionario
t
Error infinito de velocidad
Supuesto que α 0 = β 0 , entonces tendremos unerror de velocidad finito que es lo que nos
interesa.
⎡ α1β 0 − α 0 β1 ⎤
eee (t ) = ⎢
⎥A
2
α0
⎣
⎦
De manera similar, definimos el error porcentual
de velocidad:
eee (t )
ev =
× 100%
A
β1 − α1
× 100%
ev =
α0
Esto nos conduce a dos casos
r(t) = At
α 0 = β0
α1 ≠ β1
Error finito de velocidad: la salida es
paralela a la entrada, es decir la sigue
pero con...
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