C1 C2 C4_2001_pauta
1.
Problema 1
Considere el espacio vectorial de los polinomios de grado menor o igual a 2 con producto
interior definido por
1
f (t)g(t)dt.
0
Sean los polinomios
1.1.
f (t) = 2, g(t) = 3t − 2.
Ejercicio a)
Calcule < f, g >, ||f || y ||g||.
Soluci´
on: Para < f, g >, considerando el producto interior en el enunciado, tenemos que:
1
1
3t−2dt = 2·2·(3t−2)dt = 2
< f, g >=< 2, 3t−2 >=
0
0
3 2
t − 2t
2
1
= 2·
0
3
−2
2
= −1
Para ||f ||, por definici´on de la norma inducida:
1
||f || =
< f, f > =
1
2 · 2dt =
< 2, 2 > =
4
0
1dt =
4 · t|10 =
√
4·1=2
0
Para ||g||, por definici´on de la norma inducida:
||g|| =
√
1
< g, g > =
0
3t3 − 6t2 +
1.2.
4t|10
=1
Ejercicio b)
Determine un conjunto ortonormal a partir de f y g.
1
1
(3t− 2)2 dt =
< 3t − 2, 3t − 2 > =
9t2 − 12t + 4dt =
0
Soluci´
on: Para definir un conjunto ortonormal a partir de los polinomios dados, es decir, con
el conjunto {f, g}, se debe cumplir lo siguiente:
1.f y g deben ser ortogonales, es decir, < f, g >= 0.
2.||f || = ||g|| = 1
1. Sabemos que f y g no son ortogonales dado que < f, g >= −1 = 0 por lo tanto, ocupando el
proceso de ortogonalizaci´on deGram-Schmidt (falta comprobar que el conjunto es l.i (tarea)):
v1 = x1 = f = 2
1
1
< x2 , vi >
< g, vi >
v2 = x2 −
vi = g −
vi = 3t − 2 −
2
||vi ||
||vi ||2
i=1
i=1
< 3t − 2, v1 >
< 3t − 2, 2 >
v1 = 3t − 2 −
·2
2
||v1 ||
||2||2
1
i=1
< 3t − 2, vi >
vi = 3t − 2 −
||vi ||2
Con lo obtenido en a):
v2 = 3t − 2 −
1
3
−1
· 2 = 3t − 2 + = 3t −
2
2
2
2
Por lo tanto el conjunto
2, 3t −
3
2
esortogonal.
2. Por lo obtenido en a), sabemos que ||v1 || = ||f || = 2, normalizamos a v1 de la siguiente
manera:
2
v1
= =1
||v1 ||
2
Ahora, dado que nuestro segundo vector v2 no es igual al segundo del conjunto original x2 ,
tendremos que calcular nuevamente la norma:
3
3
< 3t − , 3t − > =
2
2
√
9 9
3
3
3− + =
=
2 4
4
2
1
||v2 || =
0
3
(3t − )2 dt =
2
1
0
9
9t2 − 9t + dt =
4
Normalizamos v2 dela siguiente manera:
3t − 23
3t −
v2
=
= √
3
3
||v2 ||
||3t − 2 ||
2
3
2
√
√
6
3
= √ t − √ = 2 3t − 3
3
3
√
√
Por lo tanto el conjunto ortonormal a partir de f y g es = {1, 2 3t − 3}
2
9
9
3t3 − t2 + t
2
4
1
=
0
2.
Problema 2
Considere la transformaci´on lineal T : R3 → R3 cuya matriz asociada respecto de la base
can´onica es:
0 1 −2
[T ] = 1 1 1
1 2 −1
2.1.
Ejercicio a)Determine T (x, y, z)
Soluci´
on: A
0 1
[T ] = 1 1
1 2
partir de la matriz asociada dada obtenemos la siguiente comparaci´on:
−2
1 = [T (1, 0, 0)]Bc [T (0, 1, 0)]Bc [T (0, 0, 1)]Bc
−1
De aqui obtenemos que:
0
[T (1, 0, 0)]Bc = 1 <=> T (1, 0, 0) = 0 · (1, 0, 0) + 1 · (0, 1, 0) + 1 · (0, 0, 1) = (0, 1, 1)
1
1
[T (0, 1, 0)]Bc = 1 <=> T (0, 1, 0) = 1 · (1, 0, 0) + 1 · (0, 1, 0) + 2· (0, 0, 1) = (1, 1, 2)
2
−2
[T (0, 0, 1)]Bc = 1 <=> T (0, 0, 1) = −2 · (1, 0, 0) + 1 · (0, 1, 0) − 1 · (0, 0, 1) = (−2, 1, −1)
−1
Entonces: T (x, y, z) = T (x, 0, 0) + T (0, y, 0) + T (0, 0, z) = x · T (1, 0, 0) + y · T (0, 1, 0) + z ·
T (0, 0, 1) = x · (0, 1, 1) + y · (1, 1, 2) + z · (−2, 1, −1) = (y − 2z, x + y + z, x + 2y − z)
Por lo tanto, T (x, y, z) = (y − 2z, x + y + z, x + 2y − z)2.2.
Ejercicio b)
Caracterice los elementos de Ker(T ) y de Im(T )
3
Soluci´
on: Usando la definici´on del kernel de una aplicaci´on lineal:
Ker(T ) = {(x, y, z) ∈ R3 : T (x, y, z) = θR3 } = {(x, y, z) ∈ R3 : (y − 2z, x + y + z, x + 2y − z) =
(0, 0, 0)}
Obtenemos los siguientes resultados:
y − 2z = 0
x+y+z =0
x + 2y − z = 0
Resolviendo el sistema obtenemos que x = −3z, y = 2z, entonces:
Ker(T) = {(x, y, z) ∈ R3 : x = −3z, y = 2z}
Usando la definici´on de la imagen de una aplicaci´on lineal:
Im(T ) = {(a, b, c) ∈ R3 : T (x, y, z) = (a, b, c), (x, y, z) ∈ R3 } = {(a, b, c) ∈ R3 : (y − 2z, x +
y + z, x + 2y − z) = (a, b, c).(x, y, z) ∈ R3 }
Obtenemos los siguientes resultados:
y − 2z = a
x+y+z =b
x + 2y − z = c
Resolviendolo con la matriz asociada al sistema:
0 1 −2...
Regístrate para leer el documento completo.