Transformada de laplace
o. d
0
£{f (t)}(s) = F (s) = = si el l´ ımite existe.
An
Demostraci´n: veamos que la siguiente integral existe, en efecto: o |£{f (t)}(s)| = =
∞ 0 ∞ 0
Un
Teorema 6.1 . Si f (t) es una funci´n continua a tramos para t ≥ 0 y adem´s |f (t)| ≤ M ect o a para todo t ≥ T , donde M es constante , c > 0 constante y T > 0 constante, entonces £{f (t)}(s) existepara s > c.
ive
rsid
ad
de
b→∞
l´ ım
e−st f (t)dt ≤
0
e−st |f (t)|dt, 215
tioq
∞
e−st f (t)dt
b
0
∞
sabiendo que e−st > 0
uia
Definici´n 6.1 Sea f (t) una funci´n definida para todo t ≥ 0; se define la o o Transformada de Laplace de f (t) as´ ı:
e−st f (t)dt,
|e−st ||f (t)|dt
,D
ept
6.1.
INTRODUCCION
eM
atem atic
CAP´ ITULO 6as
CAP´ ITULO 6. TRANSFORMADA DE LAPLACE
T ∞ T
=
0
e
−st
|f (t)|dt +
e−st |f (t)|dt I2
I1
T
I1 =
0
e−st |f (t)|dt existe, ya que f es continua a tramos
T
≤ M ect
∞
T
An
M ect , (c > 0) • (0, M ) • T
tioq
f (t)
uia
NOTA: cuando f (t) ≤ |f (t)| ≤ M ect para t ≥ T , entonces decimos que f (t) es de orden exponencial (ver figura 6.1).
,Dive
rsid
ad
de
t
Observaci´n: £ es un operador lineal, en efecto o £{αf (t) + βg(t)}(s) 216
def.
Un
Figura 6.1
=
∞ 0
e−st (αf (t) + βg(t)) dt
ept
Luego, £{f (t)}(s) existe, si s > c.
o. d
M e−(s−c)t , suponiendo que s − c > 0 = −(s − c) T M −(s−c)T M −(s−c)T (0 − e )= e = − s−c s−c
f (t)
eM
atem atic
T
I2 =
∞
e−st |f (t)| dt ≤
∞e−st M ect dt = M
∞
e(−s+c)t dt
as
6.1. INTRODUCCION = = Teorema 6.2 . 1). £{1}(s) = £{k}(s) = 2). £{tn }(s) =
1 s k s
α
0
∞
e−st f (t) dt + β
0
∞
e−st g(t) dt
α£{f (t)}(s) + β£{g(t)}(s)
,
s > 0,
n! sn+1
,
s > 0, n = 1, 2, . . .
4). £{ sen kt}(s) =
,
s>0
5). £{cos kt}(s) =
s s2 +k2
,
s>0
6). £{ senh kt}(s) =
8). £{tn eat}(s) =
n! (s−a)n+1
,
Demostraci´n 1). Si s > 0 se tiene que o £{1}(s) =
0 ∞
Un
s > a, n = 1, 2, . . .
ive
7). £{cosh kt}(s) =
s s2 −k2
,
s > |k|
rsid
ad
k s2 −k2
,
s > |k|
de
An
tioq
uia
,D
k s2 +k2
ept
e
−st
e−st 1 dt = −s
∞ 0
o. d
= 1 s 217
3). £{eat }(s) =
1 s−a
,
para s > a
eM
atem atic
, s >0, k constante.
as
CAP´ ITULO 6. TRANSFORMADA DE LAPLACE Demostraci´n 2). Hagamos la demostraci´n por el m´todo de inducci´n. o o e o Para ello, suponemos que s > 0 y utilizamos el siguiente limite: n l´ | ect | = 0, n = 1, 2, . . . ım t
∞ 0
t→∞
n = 1 : £{t}(s) = = −
e−st t dt,
∞ 0
hagamos 1 s
∞ 0
u=t ⇒ du = dt −st dv = e dt ⇒ v = − 1 e−st s
Supongamos que se cumple paran − 1 y veamos que se cumple para n. En efecto:
0
de
£{tn−1 }(s) n n = −(0 − 0) + £{tn−1 }(s) = £{tn−1 }(s) s s
An
tioq
tn e−st = − s
e−st tn−1 dt
0
0
£{tn }(s) =
Demostraci´n 4). Por el m´todo de los operadores inversos, tenemos: o e £{ sen kt}(s) = =
0
Un
∞
ive
e−st ( sen kt) dt
∞ 0
rsid
n (n − 1)! n! = n+1 n s s s
ad
Pero por lahip´tesis de inducci´n £{tn−1 }(s) = o o
uia
∞
n + s
∞
,D
£{tn }(s) =
∞
e−st tn dt hagamos
u = tn ⇒ du = ntn−1 dt dv = e−st dt ⇒ v = − 1 e−st s
ept
(n−1)! , sn
o. d
eM
luego:
∞ 0 ∞ 0
1 1 −st e £{t}(s) = −(0 − 0) + s −s 1 1 = − 2 (0 − 1) = 2 s s
∞ 0
1 −st e sen kt D
∞ 0
=e
−st
1 sen kt D−s
= e 218
−st
D+s sen kt D 2 − s2
=e
−stD+s sen kt −k 2 − s2
atem atic
te−st s
as
+
e−st dt
6.2. TRANSFORMADA INVERSA DE LAPLACE = − 1 e−st (k cos kt + s sen kt) 2 + k2 s 0 1 k = − 2 (0 − k) = 2 , s>0 s + k2 s + k2
∞
En la demostraci´n anterior utilizamos el siguiente teorema de l´ o ımites: si l´ |f (t)| = 0 y g(t) es una funci´n acotada en ℜ entonces l´ f (t)g(t) = 0 ım o ım
6.2.
TRANSFORMADA INVERSA...
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