Termodinamica
1.- Se tiene un generador de corriente continua con excitación en serie con los siguientes
datos de placa. (1.5 kW, 220V, 3400 rpm). La suma de los bobinados de campo y
armadura son Ra +Rs = 4.41 Ohm. La curva de magnetización del generador se muestra
en la siguiente tabla:
Ia := ( 0 1 3 4 5 6 7 8 ) ⋅ A
Ea := ( 5.7 53 122 174 195 212 225 232 ) ⋅ V
Determinar el voltaje entregadoene los terminales del generador cuando la carga varía
con las corrientes de armadura siguientes, también calcular la pérdida de potencia en el
bobinado serie y de campo para cada caso.
a) Ia = 1 Ab) Ia = 5 A
c) Ia = 8 A
i := 0 .. 7
Ra := 2.81Ω
Rs := 1.6Ω
300
10
200
Ea0 , i
5 Ia0 , i
100
0
0
1
2
3
4
i
Solución
a)
Ia0 , 1 = 1 A
Ea0 , 1 = 53 V5
6
0
7
Vt := Ea0 , 1 − ( Ra + Rs) ⋅ Ia0 , 1
Vt = 48.59 V
La pérdida en los bobinados
Pop := ( Ra + Rs) ⋅ ( Ia0 , 1 )
Ia0 , 4 = 5 A
b)
2
Pop = 4.41 W
Ea0 , 4 = 195 VVt := Ea0 , 4 − ( Ra + Rs) ⋅ Ia0 , 4
Vt = 172.95 V
La pérdida en los bobinados
Pop := ( Ra + Rs) ⋅ ( Ia0 , 4 )
Ia0 , 7 = 8 A
c)
2
Pop = 110.25 W
Ea0 , 7 = 232 V
Vt := Ea0 ,7 − ( Ra + Rs) ⋅ Ia0 , 7
Vt = 196.72 V
La pérdida en los bobinados
Pop := ( Ra + Rs) ⋅ ( Ia0 , 7 )
rpm :=
2
Pop = 282.24 W
1
s
2.- La resistencia de armadura de un motor decorriente continua en derivación es Ra el
voltaje en las terminales es Vt, y gira a velocidad n. Determinar la resistecia externa
que debe de conectar en serie con la resistencia de la bobina de armadurapara reducir
la velocidad a n2 = 1000 rpm. Si la corriente de armadura es de 60A y el flujo se
mantiene constante
Datos: Ra := 0.5Ω
Vt := 250V
n := 1200rpm
ia := 60A
n2 := 1000rpmSolución:
Vt = Ea + Ra ⋅ ia
Ea = k ⋅ φ ⋅ ω
Ea := Vt − Ra ⋅ ia
Ea = 220 V
ω :=
kφ :=
2⋅π
60
Ea
ω
⋅n
ω = 125.66
1
s
kφ = 1.751 Wb
n = 1200 rpm
si el flujo se...
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